【答案】分析：本题关键之处，就是水平横梁是插入竖直墙壁里，滑轮位置不变，而跨过光滑滑轮的轻绳上张力大小是处处相等，所以滑轮对绳子的作用力应该是两段细绳拉力的合力反方向．解答：解：由题意可得，对绳B点受力分析：滑轮受到绳子的作用力应为图中两段绳中拉力F1和F2的合力，因同一根绳张力处处相等，都等于物体的重量，即F1=F2=G=mg=100 N．用平行四边形定则作图，由于拉力F1和F2的夹角为120&，则有合力F=100 N，所以滑轮受绳的作用力为100 N．方向与水平方向成30&角斜向下，故选C．点评：本题利用平行四边形定则求两力的合力；并突出了绳的弹力一定沿绳收缩方向，而杆的弹力方向不一定沿杆的特征．同时易错在：滑轮对绳子的作用力方向沿水平．
请选择年级高一高二高三请输入相应的习题集名称(选填)：
科目：高中物理
（2013?河南模拟）水平横梁的一端A插在墙壁内，另一端装有一小滑轮B，一轻绳的一端C固定于墙壁上，另一端跨过滑轮后悬挂一质量为m=10kg的重物，∠CBA=30°，如图所示，则滑轮受到绳子作用力为（　　）A．50NB．NC．100ND．
科目：高中物理
如图1-5-6所示，水平横梁的一端A插在墙壁内，另一端装有一个小滑轮B，一轻绳的一端C固定于墙壁上，另一端跨过定滑轮后悬挂一质量为m=10 kg的重物，绳与滑轮间光滑，∠CBA=30°.则滑轮受到的绳子的作用力为（取g=10 m/s2）（&&& ） &&&&&&&& 图1-5-6A.50 N&&&&&&&&&&&&& B.43 N&&&&&&&&&&&&&&&& C.100 N&&&&&&&&&&&&&&&&& D.86 N
科目：高中物理
某物理兴趣学习小组在探究轻杆的弹力特点时,涉及到如图(下左)所示的装置,装置中水平横梁的一端A插在墙壁内,另一端装有一个小滑轮B,轻绳的一端C固定于墙壁上,另一端跨过滑轮后悬挂一个质量m=20kg的重物.经过测量已知∠CBA=30°,则BC绳上的拉力为&&&&&&&.B处的滑轮受到绳子的作用力应该为&&&&&&&.(g取10m/s2) &
科目：高中物理
来源：2011年高一上学期期末考试物理卷
题型：填空题
某物理兴趣学习小组在探究轻杆的弹力特点时,涉及到如图(下左)所示的装置,装置中水平横梁的一端A插在墙壁内,另一端装有一个小滑轮B,轻绳的一端C固定于墙壁上,另一端跨过滑轮后悬挂一个质量m=20kg的重物.经过测量已知∠CBA=30°,则BC绳上的拉力为&&&&&&&.B处的滑轮受到绳子的作用力应该为&&&&&&&.(g取10m/s2)
科目：高中物理
来源：2013学年上海市高二开学考试物理试卷（解析版）
题型：选择题
如图所示，水平横梁的一端A插在竖直墙内，与墙相垂直，另一端装有一小滑轮B，一轻绳的一端C固定于墙上，另一端跨过滑轮后悬挂一重物m.则下述说法中正确的是
A.轻绳对横梁作用力的方向沿横梁指向竖直墙.
B.绳对横梁的作用力一定大于重物对绳的拉力.
C.所挂重物m的质量越大，绳对横梁的作用力也越大.
D.若使绳的C端位置升高，则绳BC段的作用力会减小.请选择年级高一高二高三请输入相应的习题集名称(选填)：
科目：高中物理
光滑水平桌面上有一根长0.4m的细绳l，一端固定在桌上的O点，另一端系一质量为20g的小球（如图所示），小球以2m/s的速度做匀速圆周运动．试求：（1）小球做匀速圆周运动的角速度；（2）若小球从A点运动半圆后，绳碰到一枚钉子B，OB=0.3m，此时绳对球的拉力．
科目：高中物理
如图所示，在圆柱形房屋天花板中心O点悬挂一根长为L的细绳，绳的下端挂一个质量为m的小球，已知绳能承受的最大拉力为2mg，小球在水平面内做圆周运动，当速度逐渐增大到绳断裂后，小球恰好以速度v2=落到墙脚边．求：（1）绳断裂瞬间的速度v1；（2）圆柱形房屋的高度H．
科目：高中物理
两质量相等的小球A和B，A球挂在一根长为L的细绳O’A上，B球挂在橡皮绳O′B上，现将两球都拉到如图的水平位置上，让两绳均拉直（此时橡皮绳为原长），然后无初速释放，当两球通过最低点O时，橡皮绳与细绳等长，小球A和B速度分别为vA和vB，那么（　　）A．重力对小球A、B所作的功不相等B．在O点时vA＞vBC．在O点时vA=vBD．在O点时vA＜vB
科目：高中物理
如图所示，用一根长为L的细绳一端固定在O点，另一端悬挂质量为m的小球A，为使细绳与竖直方向夹370角且小球A保持静止状态，则需对小球施加第三个力，下列说法（　　）A、等于时，一定水平向右B、等于时，一定垂直于细绳斜向右上C、等于mg时，一定竖直向上D、以上说法均不正确
科目：高中物理
题型：阅读理解
第四部分 &曲线运动 &万有引力第一讲 基本知识介绍一、曲线运动1、概念、性质2、参量特征二、曲线运动的研究方法——运动的分解与合成1、法则与对象2、两种分解的思路a、固定坐标分解（适用于匀变速曲线运动）建立坐标的一般模式——沿加速度方向和垂直加速度方向建直角坐标；提高思想——根据解题需要建直角坐标或非直角坐标。b、自然坐标分解（适用于变加速曲线运动）基本常识：在考查点沿轨迹建立切向τ、法向n坐标，所有运动学矢量均沿这两个方向分解。动力学方程，其中改变速度的大小（速率），改变速度的方向。且= m，其中ρ表示轨迹在考查点的曲率半径。定量解题一般只涉及法向动力学方程。三、两种典型的曲线运动1、抛体运动（类抛体运动）关于抛体运动的分析，和新课教材“平跑运动”的分析基本相同。在坐标的选择方面，有灵活处理的余地。2、圆周运动匀速圆周运动的处理：运动学参量v、ω、n、a、f、T之间的关系，向心力的寻求于合成；临界问题的理解。变速圆周运动：使用自然坐标分析法，一般只考查法向方程。四、万有引力定律1、定律内容2、条件a、基本条件b、拓展条件：球体（密度呈球对称分布）外部空间的拓展----对球体外一点A的吸引等效于位于球心的质量为球的质量的质点对质点A的吸引；球体（密度呈球对称分布）内部空间的拓展“剥皮法则”-----对球内任一距球心为r的一质点A的吸引力等效于质量与半径为&r的球的质量相等且位于球心的质点对质点A的吸引；球壳（密度呈球对称分布）外部空间的拓展----对球壳外一点A的吸引等效于位于球心的质量为球壳的质量的质点对质点A的吸引；球体（密度呈球对称分布）内部空间的拓展-----对球壳内任一位置上任一质点A的吸引力都为零；并且根据以为所述，由牛顿第三定律，也可求得一质点对球或对球壳的吸引力。c、不规则物体间的万有引力计算——分割与矢量叠加3、万有引力做功也具有只与初末位置有关而与路径无关的特征。因而相互作用的物体间有引力势能。在任一惯性系中，若规定相距无穷远时系统的万有引力势能为零，可以证明，当两物体相距为r时系统的万有引力势能为EP&=&－G五、开普勒三定律天体运动的本来模式与近似模式的差距，近似处理的依据。六、宇宙速度、天体运动1、第一宇宙速度的常规求法2、从能量角度求第二、第三宇宙速度万有引力势能EP&=&－G3、解天体运动的本来模式时，应了解椭圆的数学常识第二讲 重要模型与专题一、小船渡河物理情形：在宽度为d的河中，水流速度v2恒定。岸边有一艘小船，保持相对河水恒定的速率v1渡河，但船头的方向可以选择。试求小船渡河的最短时间和最小位移。模型分析：小船渡河的实际运动（相对河岸的运动）由船相对水流速度v1和水相对河岸的速度v2合成。可以设船头与河岸上游夹角为θ（即v1的方向），速度矢量合成如图1（学生活动）用余弦定理可求v合的大小v合=（学生活动）用正弦定理可求v合的方向。令v合与河岸下游夹角为α，则α= arcsin1、求渡河的时间与最短时间由于合运动合分运动具有等时性，故渡河时间既可以根据合运动求，也可以根据分运动去求。针对这一思想，有以下两种解法解法一：&t =&&其中v合可用正弦定理表达，故有&t =&&=&解法二：&t =&&=&&=&此外，结合静力学正交分解的思想，我们也可以建立沿河岸合垂直河岸的坐标x、y，然后先将v1分解（v2无需分解），再合成，如图2所示。而且不难看出，合运动在x、y方向的分量vx和vy与v1在x、y方向的分量v1x、v1y以及v2具有以下关系vy&= v1yvx&= v2&- v1x由于合运动沿y方向的分量Sy&≡&d&，故有解法三：&t =&&=&&=&t (θ)函数既已得出，我们不难得出结论当θ= 90°时，渡河时间的最小值&tmin&=&（从“解法三”我们最容易理解t为什么与v2无关，故tmin也与v2无关。这个结论是意味深长的。）2、求渡河的位移和最小位移在上面的讨论中，小船的位移事实上已经得出，即S合&=&&=&&=&但S合（θ）函数比较复杂，寻求S合的极小值并非易事。因此，我们可以从其它方面作一些努力。将S合沿x、y方向分解成Sx和Sy&，因为Sy&≡&d&，要S合极小，只要Sx极小就行了。而Sx（θ）函数可以这样求——解法一：&Sx&= vxt =（v2&- v1x）&=（v2&– v1cosθ）为求极值，令cosθ= p&，则sinθ=&，再将上式两边平方、整理，得到这是一个关于p的一元二次方程，要p有解，须满足Δ≥0&，即≥整理得&≥所以，Sxmin=&，代入Sx（θ）函数可知，此时cosθ=&最后，Smin=&=&d此过程仍然比较繁复，且数学味太浓。结论得出后，我们还不难发现一个问题：当v2＜v1时，Smin＜d&，这显然与事实不符。（造成这个局面的原因是：在以上的运算过程中，方程两边的平方和开方过程中必然出现了增根或遗根的现象）所以，此法给人一种玄乎的感觉。解法二：纯物理解——矢量三角形的动态分析从图2可知，Sy恒定，Sx越小，必有S合矢量与下游河岸的夹角越大，亦即v合矢量与下游河岸的夹角越大（但不得大于90°）。我们可以通过v1与v2合成v合矢量图探讨v合与下游河岸夹角的最大可能。先进行平行四边形到三角形的变换，如图3所示。当θ变化时，v合矢量的大小和方向随之变化，具体情况如图4所示。从图4不难看出，只有当v合和虚线半圆周相切时，v合与v2（下游）的夹角才会最大。此时，v合⊥v1&，v1、v2和v合构成一个直角三角形，αmax&= arcsin并且，此时：θ= arccos有了αmax的值，结合图1可以求出：S合min&=&d最后解决v2＜v1时结果不切实际的问题。从图4可以看出，当v2＜v1时，v合不可能和虚线半圆周相切（或αmax&= arcsin无解），结合实际情况，αmax取90°即：v2＜v1时，S合min&= d&，此时，θ= arccos结论：若v1＜v2&，θ= arccos时，S合min&=&d& & &&若v2＜v1&，θ= arccos时，S合min&= d二、滑轮小船物理情形：如图5所示，岸边的汽车用一根不可伸长的轻绳通过定滑轮牵引水中的小船，设小船始终不离开水面，且绳足够长，求汽车速度v1和小船速度v2的大小关系。模型分析：由于绳不可伸长，滑轮右边绳子缩短的速率即是汽车速度的大小v1&，考查绳与船相连的端点运动情况，v1和v2必有一个运动的合成与分解的问题。（学生活动）如果v1恒定不变，v2会恒定吗？若恒定，说明理由；若变化，定性判断变化趋势。结合学生的想法，介绍极限外推的思想：当船离岸无穷远时，绳与水的夹角趋于零，v2→v1&。当船比较靠岸时，可作图比较船的移动距离、绳子的缩短长度，得到v2＞v1&。故“船速增大”才是正确结论。故只能引入瞬时方位角θ，看v1和v2的瞬时关系。（学生活动）v1和v2定量关系若何？是否可以考虑用运动的分解与合成的知识解答？针对如图6所示的两种典型方案，初步评说——甲图中v2&= v1cosθ，船越靠岸，θ越大，v2越小，和前面的定性结论冲突，必然是错误的。错误的根源分析：和试验修订本教材中“飞机起飞”的运动分析进行了不恰当地联系。仔细比较这两个运动的差别，并联系“小船渡河”的运动合成等事例，总结出这样的规律——合运动是显性的、轨迹实在的运动，分运动是隐性的、需要分析而具有人为特征（无唯一性）的运动。解法一：在图6（乙）中，当我们挖掘、分析了滑轮绳子端点的运动后，不难得出：船的沿水面运动是v2合运动，端点参与绳子的缩短运动v1和随绳子的转动v转&，从而肯定乙方案是正确的。即：v2&= v1&/ cosθ解法二：微元法。从考查位置开始取一个极短过程，将绳的运动和船的运动在图7（甲）中标示出来，AB是绳的初识位置，AC是绳的末位置，在AB上取=得D点，并连接CD。显然，图中BC是船的位移大小，DB是绳子的缩短长度。由于过程极短，等腰三角形ACD的顶角∠A→0，则底角∠ACD→90°，△CDB趋于直角三角形。将此三角放大成图7（乙），得出：S2&= S1&/ cosθ&。鉴于过程极短，绳的缩短运动和船的运动都可以认为是匀速的，即：S2&= v2&t&，S1&= v1&t&。所以：v2&= v1&/ cosθ三、斜抛运动的最大射程物理情形：不计空气阻力，将小球斜向上抛出，初速度大小恒为v0&，方向可以选择，试求小球落回原高度的最大水平位移（射程）。模型分析：斜抛运动的常规分析和平抛运动完全相同。设初速度方向与水平面夹θ角，建立水平、竖直的x、y轴，将运动学参量沿x、y分解。针对抛出到落回原高度的过程0 = Sy&= v0y&t +&（-g）t2Sx&= v0x&t解以上两式易得：Sx&=&sin2θ结论：当抛射角θ= 45°时，最大射程Sxmax&=&（学生活动）若v0&、θ确定，试用两种方法求小球到达的最大高度。运动学求解——考查竖直分运动即可；能量求解——注意小球在最高点应具备的速度v0x&，然后对抛出到最高点的过程用动能定理或机械能守恒。结论：Hm&=&&。四、物体脱离圆弧的讨论物理情形：如图8所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一小球。当小球在最低点时，给球一个vo&= 2的水平初速，试求所能到达的最大高度。模型分析：用自然坐标分析变速圆周运动的典型事例。能量关系的运用，也是对常规知识的复习。（学生活动）小球能否形成的往复的摆动？小球能否到达圆弧的最高点C ？通过能量关系和圆周运动动力学知识的复习，得出：小球运动超过B点、但不能到达C点（vC&≥），即小球必然在BC之间的某点脱离圆弧。（学生活动）小球会不会在BC之间的某点脱离圆弧后作自由落体运动？尽管对于本问题，能量分析是可行的（BC之间不可能出现动能为零的点，则小球脱离圆弧的初速度vD不可能为零），但用动力学的工具分析，是本模型的重点——在BC阶段，只要小球还在圆弧上，其受力分析必如图9所示。沿轨迹的切向、法向分别建τ、n坐标，然后将重力G沿τ、n分解为Gτ和Gn分量，T为绳子张力。法向动力学方程为T + Gn&=&ΣFn&= man&= m由于T≥0&，Gn＞0&，故v≠0&。（学生活动：若换一个v0值，在AB阶段，v = 0是可能出现的；若将绳子换成轻杆，在BC阶段v = 0也是可能出现的。）下面先解脱离点的具体位置。设脱离点为D，对应方位角为θ，如图8所示。由于在D点之后绳子就要弯曲，则此时绳子的张力T为零，而此时仍然在作圆周运动，故动力学方程仍满足Gn&= Gsinθ= m& & & & & & & & & & & & & & & & & & & & &①在再针对A→D过程，小球机械能守恒，即（选A所在的平面为参考平面）：m+ 0 = mg ( L + Lsinθ) +m& & & & & & & & & & & &&②代入v0值解①、②两式得：θ= arcsin&，（同时得到：vD&=&）小球脱离D点后将以vD为初速度作斜向上抛运动。它所能到达的最高点（相对A）可以用两种方法求得。解法一：运动学途径。先求小球斜抛的最大高度，hm&=&&=&&代入θ和vD的值得：hm&=&L小球相对A的总高度：Hm&= L + Lsinθ+ hm&=&L解法二：能量途径小球在斜抛的最高点仍具有vD的水平分量，即vDsinθ=&&。对A→最高点的过程用机械能守恒定律（设A所在的平面为参考平面），有m+ 0 =&&+ mg Hm容易得到：Hm&=&L五、万有引力的计算物理情形：如图9所示，半径为R的均质球质量为M，球心在O点，现在被内切的挖去了一个半径为R/2的球形空腔（球心在O′）。在O、O′的连线上距离O点为d的地方放有一个很小的、质量为m的物体，试求这两个物体之间的万有引力。模型分析：无论是“基本条件”还是“拓展条件”，本模型都很难直接符合，因此必须使用一些特殊的处理方法。本模型除了照应万有引力的拓展条件之外，着重介绍“填补法”的应用。空腔里现在虽然空无一物，但可以看成是两个半径为R/2的球的叠加：一个的质量为+M/8&，一个的质量为－M/8&。然后，前者正好填补空腔——和被挖除后剩下的部分构成一个完整的均质球A&；注意后者，虽然是一个比较特殊的物体（质量为负值），但仍然是一个均质的球体，命名为B&。既然A、B两物均为均质球体，他们各自和右边小物体之间的万有引力，就可以使用“拓展条件”中的定势来计算了。只是有一点需要说明，B物的质量既然负值，它和m之间的万有“引力”在方向上不再表现为吸引，而应为排斥——成了“万有斥力”了。具体过程如下FAm&= GFBm&= G&=&－G最后，两物之间的万有引力&F = FAm&+ FBm&= G－G需要指出的是，在一部分同学的心目中，可能还会存在另一种解题思路，那就是先通过力矩平衡求被挖除物体的重心（仍然要用到“填补法”、负质量物体的重力反向等），它将在O、O′的连线上距离O点左侧R/14处，然后“一步到位”地求被挖除物与m的万有引力F = G然而，这种求法违背了万有引力定律适用的条件，是一种错误的思路。六、天体运动的计算物理情形：地球和太阳的质量分别为m和M&，地球绕太阳作椭圆运动，轨道的半长轴为a&，半短轴为b&，如图11所示。试求地球在椭圆顶点A、B、C三点的运动速度，以及轨迹在A、C两点的曲率半径。模型分析：求解天体运动的本来模式，常常要用到开普勒定律（定量）、机械能守恒（万有引力势能）、椭圆的数学常识等等，相对高考要求有很大的不同。地球轨道的离心率很小（其值≈0.0167&，其中c为半焦距），这是我们常常能将它近似为圆的原因。为了方便说明问题，在图11中，我们将离心率夸大了。针对地球从A点运动到B点的过程，机械能守恒m+（－）=&m+（－）比较A、B两点，应用开普勒第二定律，有：vA（a－c）= vB（a + c）结合椭圆的基本关系：c =&&解以上三式可得：vA&=&&，& & &vB&=&再针对地球从A到C的过程，应用机械能守恒定律，有m+（－）=&m+（－）代入vA值可解得：vC&=&为求A、C两点的曲率半径，在A、C两点建自然坐标，然后应用动力学（法向）方程。在A点，F万&=&ΣFn&= m an&，设轨迹在A点的曲率半径为ρA&，即：G= m代入vA值可解得：ρA&=&在C点，方程复杂一些，须将万有引力在τ、n方向分解，如图12所示。然后，F万n&=ΣFn&= m an&，即：F万cosθ= m即：G·&= m代入vC值可解得：ρC&=&值得注意的是，如果针对A、C两点用开普勒第二定律，由于C点处的矢径r和瞬时速度vC不垂直，方程不能写作vA（a－c）= vC&a&。正确的做法是：将vC分解出垂直于矢径的分量（分解方式可参看图12，但分解的平行四边形未画出）vC&cosθ，再用vA（a－c）=（vC&cosθ）a&，化简之后的形式成为vA（a－c）= vC&b要理解这个关系，有一定的难度，所以建议最好不要对A、C两点用开普勒第二定律第三讲 典型例题解析教材范本：龚霞玲主编《奥林匹克物理思维训练教材》，知识出版社，2002年8月第一版。例题选讲针对“教材”第五、第六章的部分例题和习题。一种游戏，叫做蹦极．游戏者将一根有弹性的绳子一端系在身上，另一端固定在高处，从高处跳下．图中a点是_百度知道
一种游戏，叫做蹦极．游戏者将一根有弹性的绳子一端系在身上，另一端固定在高处，从高处跳下．图中a点是
//a，c点是游戏者所到达的最低点．对于游戏者离开跳台至最低点的过程.com/zhidao/wh%3D600%2C800/sign=db65cb9ec3/72f082025aafa40f85.baidu，从高处跳下．图中a点是弹性绳自然下垂时绳下端的位置.hiphotos://a.com/zhidao/wh%3D450%2C600/sign=f5e161a4a727ef082025aafa40f85，另一端固定在高处一种游戏.com/zhidao/pic/item/72f082025aafa40f85.baidu.jpg" target="_blank" title="点击查看大图" class="ikqb_img_alink"><img class="ikqb_img" src="http.hiphotos，动能越来越小D．游戏者到c点时.hiphotos.baidu
提问者采纳
减小的重力势能全部转化为动能，故C说法正确，动能减小，具有弹性势能，减小的重力势能将全部转化弹性势能；C，游戏者的重力势能转化为动能，动能转化为弹性势能；B；过a点后游戏者的动能；D、重力势能逐渐转化成弹性势能，所以动能为零、从跳台至a点的过程中，所以动能开始减小、游戏者通过a点后，从a点至c点的过程中，故整个过程中，动能也全部转化成弹性势能．故B说法错误，动能是先增加后减小，故A说法错误，故D说法正确．故答案为，动能逐渐增加，绳子逐渐被拉长，速度越来越小、游戏者到达C点时处于静止状态A、在到达a点之间，同时
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出门在外也不愁按照题目要求作图：（1）如下图甲所示，某人站在A处用一根绳子和两个滑轮提起物体B，画出最省力的绕线．（2）如下图乙所示，是用螺丝坩撬图钉的示意图，画出动力F1的力臂l1和阻力F2的示意图；（3）如图丙所示是一侧带有书柜的办公桌，现在要用一个最小的力将其一端稍抬离地面．请画出这个力的方向（保留作图痕迹），并用“O”标明这个“杠杆”的支点．-乐乐题库
& 滑轮组的设计与组装知识点 & “按照题目要求作图：（1）如下图甲所示，某...”习题详情
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按照题目要求作图：（1）如下图甲所示，某人站在A处用一根绳子和两个滑轮提起物体B，画出最省力的绕线．（2）如下图乙所示，是用螺丝坩撬图钉的示意图，画出动力F1的力臂l1和阻力F2的示意图；（3）如图丙所示是一侧带有书柜的办公桌，现在要用一个最小的力将其一端稍抬离地面．请画出这个力的方向（保留作图痕迹），并用“O”标明这个“杠杆”的支点．
本题难度：一般
题型：解答题&|&来源：网络
分析与解答
习题“按照题目要求作图：（1）如下图甲所示，某人站在A处用一根绳子和两个滑轮提起物体B，画出最省力的绕线．（2）如下图乙所示，是用螺丝坩撬图钉的示意图，画出动力F1的力臂l1和阻力F2的示意图；（3）如图丙所示是一侧...”的分析与解答如下所示：
（1）承担物重的绳子段数越多，滑轮组越省力，据此来确定绳的段数及绕绳方案；（2）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，而阻力是阻碍杠杆转动的力，据此来画出本题中的力臂与力；（3）首先根据图中办公桌重力的分配情况确定是抬左侧还是右侧，这样就可以确定一侧的上端为动力的作用点，而另一侧下端与地面接触的位置便是支点，再根据杠杆最小力的特点，寻找最长的力臂，画出最小的力的方向．
解：（1）如图所示，从动滑轮的挂钩处开始绕绳，最后回到人的手中，此时最省力，F=13G；（2）如图所示，延长F1的作用线，由0向作用线画垂线，图中L1表示的就是动力的力臂．阻力F2作用在B点，方向垂直于地面向下；（3）如图所示，抬起办公桌最小的力作用在左上角A点，支点在右下角O点，方向如图所示．
（1）滑轮组绕线的关键是明确承担物重的绳子的段数，段数越多越省力；（2）明确力臂的概念，从支点向力的作用线画垂线，即可找出力臂的位置，阻力是阻碍杠杆转动的力，明确了这些基本概念便不难解决；（3）此题的关键是先确定哪一侧是力的作用点，哪一侧是支点，再将两点相连，便能得出最长的力臂，进而找到最小的力，最后画出即可．
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按照题目要求作图：（1）如下图甲所示，某人站在A处用一根绳子和两个滑轮提起物体B，画出最省力的绕线．（2）如下图乙所示，是用螺丝坩撬图钉的示意图，画出动力F1的力臂l1和阻力F2的示意图；（3）如图丙...
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经过分析，习题“按照题目要求作图：（1）如下图甲所示，某人站在A处用一根绳子和两个滑轮提起物体B，画出最省力的绕线．（2）如下图乙所示，是用螺丝坩撬图钉的示意图，画出动力F1的力臂l1和阻力F2的示意图；（3）如图丙所示是一侧...”主要考察你对“滑轮组的设计与组装”
等考点的理解。
因为篇幅有限，只列出部分考点，详细请访问。
滑轮组的设计与组装
【知识点的认识】1、求出滑轮组绳子股数n设计滑轮组是比较难以掌握的一种题型，为了帮助大家掌握好这类题型，现归纳出解答设计滑轮组特点．
2、确定所滑轮组个及绳子始方位：
（1）动滑轮N动=n/2（n为偶数） （n-1）/2（n为奇数 ）
（2）定滑轮N定=N动（n为偶数端力向下）（n为奇数端力向上 ）N动+1（n为奇数端力向下）N动-1（n为偶数端力向上 ）
（3）绳子始端固定方位：（偶定、奇动），n为偶数，绳子始端在定滑轮钩上；n为奇数则连在动滑轮钩上．
3、组装滑轮组：在完成1求出，2确定的基础上，绳子由里至外一圈地绕置即可．【命题方向】直接给出滑轮组提出要求绕例如绕出最省力的绕法，F=1/3G，F=1/5G等绕法，或另一种类型：F向上的绕法或F向下的绕法．【解题方法点拨】（1）滑轮组的设计
按要求设计滑轮组是滑轮组学习内容的较高层次的要求，具体的设计方法可按如下步骤进行．
第一步：确定动滑轮的个数．首先算出承担所要拉起重物与动滑轮的自重所需要的绳子的根数n，其方法和滑轮组绳子的绕法中的方法相同，然后我们根据每两根绳子需要一个动滑轮来确定动滑轮的个数．当n为偶数时，绳子的固定端应拴在定滑轮上，动滑轮的个数 N=$\frac{n}{2}$；当n为奇数时，绳子的固定端应拴在动滑轮上，动滑轮的个数 N=$\frac{n-1}{2}$．
第二步：确定定滑轮的个数．一般情况下，定滑轮的个数由绳子的段数n和拉力的方向共同决定．当n为奇数且拉力方向向下时，定滑轮的个数应为$\frac{n+1}{2}$；拉力的方向向上时，定滑轮的个数为 $\frac{n-1}{2}$．当n为偶数且方向向下时，定滑轮的个数为$\frac{n}{2}$；方向向上时，定滑轮的个数为$\frac{n}{2}$-1．
（2）滑轮组绳子的绕法
第一步：确定绕过动滑轮的绳子的根数．首先根据题目中的条件，如绳子能承受的最大拉力F、要承担的重物G物和动滑轮的重力G动，计算出承担物重所需绳子段数n=$\frac{{G}_{物}}{2}$+$\frac{{G}_{动}}{2}$，如果算出的绳子段数不是整数，一律进一位．例如：所得结果为n=3.4时，我们应选择绳子的根数为4．
第二步：确定绳子固定端的位置和绳子的绕法．当绳子的根数n为偶数时，绳子的固定端应拴在定滑轮上，开始绕绳子；当n为奇数时，绳子的固定端应拴在动滑轮上，开始绕绳子．
与“按照题目要求作图：（1）如下图甲所示，某人站在A处用一根绳子和两个滑轮提起物体B，画出最省力的绕线．（2）如下图乙所示，是用螺丝坩撬图钉的示意图，画出动力F1的力臂l1和阻力F2的示意图；（3）如图丙所示是一侧...”相似的题目：
小红同学站在地面上用三个滑轮组成一滑轮组提起重物，请你帮助他画出该滑轮组最省力的绕法．
作图题（1）作出如图1抽水机工作时动力F1的力臂L1和B点阻力F2．（2）用一个定滑轮和一个动滑轮组装滑轮组有两种绕线方法．请在图2中画出最省力的绕线方法，并在绳的自由端写明拉力F=&&&&&G物．（&滑轮重、绳重、摩擦均不计）（3）在连接电路时，如发现有连接错误，不少同学习惯于将电路全部拆散，重新连接．其实，有时只要思考一下，拆除或改接某些导线就能解决问题．现在考考你，如图3是某同学连接的电路：①对于这个电路，只须拆除一根导线，就能成为两灯串联的正确电路．请在要拆除的那根线上打上“×”号．（在前图上作）②改接一根导线，就能成为两灯并联的正确电路．请在要改接的那根线上打上“×”号，并用笔画出正确连接的那根线．（在后图上作）
（1）如图1所示，杠杆OA在力F1、F2的作用下处于静止状态，L2是力F2的力臂，请在图中作出F1的力臂L1和力F2．（2）如图2所示一个站在地面上的工人利用滑轮组将重物G提起来，请画出滑轮组的绕线．
“按照题目要求作图：（1）如下图甲所示，某...”的最新评论
该知识点好题
1用一个重为10N的动滑轮来提升重为100N的重物，若忽略绳重及摩擦力，则实际工作时的最小拉力是（　　）
2用滑轮组将陷在泥中汽车拉出来，试在图中画出最省力的绕绳方法．
3利用图中所给的滑轮组拉起重物，试画出最省力的绕绳方法：
该知识点易错题
1用一个重为10N的动滑轮来提升重为100N的重物，若忽略绳重及摩擦力，则实际工作时的最小拉力是（　　）
2用滑轮组将陷在泥中汽车拉出来，试在图中画出最省力的绕绳方法．
3如图，一个站在地面上的工人利用滑轮组将重物G提起来，请用笔画线代替绳索，将它们连接起来．
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