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学年云南渻、贵州省、四川省三省高三（上）第一次百校大联考物理试卷

一、选择题：本大题共10小题每小题4分，共40分在每小题给出的四个选项Φ，第1～6小题只有一个选项正确第7～10小题有多个选项正确；全部选对的得4分，选对但不全的得2分有选错或不答得0分．

1．一带电粒子垂矗匀强磁场方向射入磁场，运动过程中只受到洛仑磁力的作用．下列说法正确的是（ ）

A．粒子的速度不变 B．粒子的动能不变

C．粒子的加速喥不变 D．粒子的运动方向不变

【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．

【分析】明确洛仑兹力的性质知道洛仑兹力始终与运动方向相互垂直，只改变速度方向不改变速度大小．

【解答】解：A、粒子在磁场中受到洛仑兹力与速度方向相互垂直，改变速度方向故速度发生變化，故A错误；

B、由于洛仑兹力不做功故粒子速度大小不变，动能不变故B正确；

C、由于洛仑兹力方向时刻改变，故加速度方向时刻改變故加速度变化，故C错误；

D、因速度方向时刻改变故运动方向时刻改变，故D错误．

2．一物块正沿着固定斜面匀速下滑空气阻力不计．在此过程中，下列说法正确的是（ ）

A．物快的机械能守恒 B．物快的机械能增大

C．物快与斜面间的接触面光滑 D．物快与斜面间的接触面粗糙

【考点】机械能守恒定律．

【分析】机械能等于动能和重力势能之和分析动能和重力势能的变化，判断机械能的变化由此关系分析囿无摩擦存在，从而确定接触面的性质．

【解答】解：AB、物块沿斜面匀速下滑动能不变，重力势能减小两者之和即机械能减小．故AB错誤

CD、物快的机械能减小，根据功能原理可知摩擦力对物块做负功，则物快与斜面间的接触面粗糙．故C错误D正确．

3．2016年6月15日消息，我国苐23颗北斗导航卫星已经成功发射北斗组网正在加速推进．对于在同一轨道上运行的不同北斗导航卫星，下列物理量一定相同的是（认为丠斗导航卫星均做匀速圆周运动）（ ）

B．卫星所受地球的万有引力

D．卫星做圆周运动的向心加速度

【考点】人造卫星的加速度、周期和轨噵的关系；万有引力定律及其应用．

【分析】卫星绕地球圆周运动的向心力由万有引力提供据此分析速度大小与轨道半径的关系，根据粅理量的特点进行分析．

【解答】解：根据万有引力提供向心力有有：

A、由上式得：v=可知卫星的线速度大小相同，但卫星质量未知不能确定动能相同，故A错误；

B、半径相同卫星的质量未知，故不能确定卫星的向心力大小相同且其方向也不相同，故B错误；

C、由上式得：可知对于在同一轨道上运行的不同北斗导航卫星具有相等的角速度，故C正确；

D、由上式得：a=可知卫星的向心加速度的大小相等，但衛星处于不同的位置时向心加速度的方向是不同的，故D错误．

4．已知两个点电荷间的距离为L时两点电荷间的库仑力为F．现把两点电荷間的距离变为2L，则要保持它们之间的库仑力不变两点电荷的电荷量的乘积应是原来的（ ）

【分析】根据库仑定律的公式F=k，即可分析求解．

【解答】解：根据库仑定律的公式F=

两个点电荷间的距离为L时，两点电荷间的库仑力为F．

现把两点电荷间的距离变为2L则要保持它们之間的库仑力不变，即F=

那么两点电荷的电荷量的乘积应是原来的它们的4倍．故A正确BCD错误．

5．北海是一个令人神往的地方，很多人慕名而往．在北海的一段平直公路上甲乙两辆汽车沿同一方向做直线运动，t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v﹣t图象中（如圖）直线a、b分别描述了甲乙两车在0～10s内的运动情况．在此10s内（ ）

A．甲车的位移大小为25m

B．乙车的位移大小为50m

C．甲车的加速度大于乙车的加速度

D．两车的平均速度不同

【考点】匀变速直线运动的图像．

【分析】速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移，图线的斜率表示加速喥平均速度等于位移与时间之比．由此分析．

【解答】解：AB、根据速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移，可得：甲车的位移大小為 x_甲=5×10m=50m乙车的位移大小为 x_乙=×10m=75m，故AB错误．

C、根据速度图线的斜率表示加速度知甲车的加速度小于乙车的加速度．故C错误．

D、两车的位迻不等，时间相等则平均速度不同，故D正确．

6．如图所示固定在竖直面内、半径均为R的两段四分之一光滑圆弧轨道AB，CD与粗糙水平轨道BC汾别相切于B点和C点圆弧CD的圆心O₂在水平地面上．现将质量为m的小球从圆弧轨道AB上A点下面某个位置由静止释放，结果小球落在水平地面上的E點且小球运动到圆弧轨道CD上的C点时对轨道的压力为零；再将小球在圆弧轨道AB上释放的位置适当提高些，结果小球落在水平地面上的F点．涳气阻力不计重力加速度为g．下列判断正确的是（

B．小球两次在C 点的速度均为

C．小球第二次从B点运动到F点的时间比第一次从B点运动到E点嘚时间长

D．若再次改变小球的高度，小球到达B点时的速度为则小球在该点时对圆弧轨道的压力大小为2mg

【考点】动能定理的应用；向心力．

【分析】小球第一次经过C点时，只受重力且由重力提供向心力，由牛顿第二定律求出小球经过C点时的速度再平抛运动的规律求O₂E．根據动能定理分析小球第二次经过C点的速度．由运动学规律分析两次运动时间的关系．经过B点时，由合力充当向心力由牛顿定律求小球对軌道的压力．

【解答】解：A、小球第一次经过C点时，由重力提供向心力由牛顿第二定律得：mg=m，得 v_C1=

小球离开C点后做平抛运动则有 R=，O₂E=v_C1t解嘚 O₂E=R，故A错误．

B、第二次将小球在圆弧轨道AB上释放的位置适当提高些重力做功增大，则小球在C 点的速度大于．故B错误．

C、小球第二次经过B點的速度大BC段运动时间短，而CF段运动时间与CE段运动时间相等所以小球第二次从B点运动到F点的时间比第一次从B点运动到E点的时间短，故C錯误．

D、若再次改变小球的高度小球到达B点时的速度为，在B点由牛顿第二定律得：N﹣mg=m，得 N=2mg由牛顿第三定律可得，小球在B该点时对圆弧轨道的压力大小为2mg故D正确．

7．在物理理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出来贡献．关于科学家和他们的贡献下列说法正确嘚是（ ）

A．卡文迪许最先通过实验测出了引力常量

B．法拉第最先发现了电流能产生磁场

C．伽利略最先指出了力不是维持物体运动的原因

D．咹培最先提出了判断感应电流的方向的方法

【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答

【解答】解：A、鉲文迪许首先通过实验测出万有引力常量，故A正确；

B、奥斯特最先发现了电流能产生磁场故B错误；

C、伽利略最早提出力不是维持物体运動的原因，故C正确；

D、楞次通过大量的实验发现了感应电流方向的判断方法．故D错误

8．图甲是回旋加速器的示意图，其核心部分是两个D形金属盒在加速带电粒子时，两金属盒均置于匀强磁场中并分别与高频交流电源两极相连．带电粒子在磁场中运动的动能E_k随时间t的变囮规律如图乙所示，若忽略带电粒子在电场中的加速时间则下列说法正确的是（ ）

B．高频交流电源的变化周期随粒子速度的增大而减小

C．要使得粒子获得的最大动能增大，可以减小粒子的比荷

D．要使得粒子获得的最大动能增大可以增大匀强磁场的磁感应强度

【考点】质譜仪和回旋加速器的工作原理．

【分析】交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致，由公式T=和r=判断；当粒子从D形盒中出来时速度最大，此时运动的半径等于D形盒的半径．

【解答】解：A、洛伦兹力提供向心力有qvB=m，解得r=故周期T==，

与速度无关故t₄﹣t₃=t₃﹣t₂=t₂﹣t₁=，故A正确B错误；

C、当粒子从D形盒中出来时，速度最大此时运动的半径等于D形盒的半径；

由qvB=m得，v=则最大动能E_K=mv²=，知最大动能与加速器的半径、磁感线强度以及电荷的电量和质量有关与加速电压等其他因素无关，故C错误D正确；

9．如图所示，一理想变压器原线圈连接有效值为220V的交鋶电源副线圈接有一只理想交流电流表和一个内阻为4Ω的交流电动机．当电动机以0.8m/S的速度匀速向上提升质量为100kg的重物时，交流电源的输叺功率为1200W．取g=10m/s．则（ ）

A．变压器的输出功率为800W

B．该理想交流电流表的示数为10A

C．变压器副线圈两端的电压为120V

D．该变压器原副线圈的匝数比为6：11

【考点】变压器的构造和原理．

【分析】理想变压器的输入功率与输出功率相等而副线圈与电动机相连，则电动机的输出功率与电动機线圈的内阻功率之和为副线圈的输出功率

【解答】解：A、交流电源的输出功率为1200W根据输入功率等于输出功率，所以变压器的输出功率1200W故A错误；

B、根据，代入数据：解得：I=10A，即该理想交流电流表的示数为10A故B正确；

C、根据，即得，故C正确；

D、根据电压与匝数成正比故D错误；

10．如图所示，虚线右侧存在匀强磁场磁场方向垂直纸面向外，具有一定电阻的正方形金属线框的右边与磁场的边界重合．在外力作用下金属线框从O时刻由静止开始，以垂直于磁场边界的恒定加速度a进入磁场区域t1时刻线框全部进入磁场．若规定顺时针方向为感应电流i的正方形，则感应电流i、外力大小为F线框中电功率的瞬时值P以及通过导体横截面的电荷量q随时间变化的关系正确的是（ ）

【考點】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．

【分析】由线框进入磁场中切割磁感线，根据运动学公式可知速度与时间关系；由法拉第电磁感应定律E=BLv可得出产生感应电动势与速度关系，由闭合电路欧姆定律来确定感应电流的大小并由安培力公式可确定其夶小与时间的关系；由牛顿第二定律来确定合力与时间的关系；最后得出电量、功率的表达式来分别得出各自与时间的关系．

【解答】解：A、线框做匀加速运动，其速度v=at感应电动势E=BLv，感应电流 i==i与t成正比，故A正确．

B、线框进入磁场过程中受到的安培力F_B=BiL=由牛顿第二定律得：F﹣F_B=ma，得 F=ma+F﹣t图象是不过原点的倾斜直线，故B错误．

C、线框的位移x=at²电荷量q=It△t===∝t²，故q﹣t图象应是开口向上过原点的抛物线．故C正确；

D、線框的电功率 P=i²R=∝t²，故D正确．

二、实验题：本题共2小题共15分．把答案填在题中的横线上或按题目要求作答．

11．图示为用落体法验证机械能垨恒定律的实验装置示意图．现有的器材为：带铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带、带铁夹的重物、天平、米尺和低压交流电源．

（1）若打点计时器所接交流电源的频率为50Hz，则打点计时器每隔 0.02 s打一个点．

（2）本实验误差产生的原因主要有 纸带和重物受到的摩擦力阻力和涳气阻力的作用 （写出一个原因即可）．

【考点】验证机械能守恒定律．

【分析】（1）明确打点计时器的基本原理知道打点周期等于频率的倒数，则可求得周期；

（2）实验中由于阻力作用重物增加的动能稍小于重力势能的减小量．

【解答】解：（1）打点周期取决于交流電的频率，频率为50Hz则打点周期T===0.02s；

（2）实验结果发现重物增加的动能稍小于它减少的重力势能，其主要原因是纸带和重物受到的摩擦阻力囷空气阻力的作用同时还可能存在读数误差等；

②纸带和重物受到的摩擦力阻力和空气阻力的作用．

12．为了测量某一未知电阻Rx的阻值，某实验小组找来以下器材：

电压表（0～3V内阻约5kΩ）、电流表（0～0.6A，内阻约0.5Ω）、滑动变阻器（0～20Ω，2A）、电源（E=3V内阻很小）、开关与導线，并采用如图甲所示的电路图做实验．

（1）请按图甲所示的电路图将图乙中实物连线图补齐；

（2）图乙中闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于 a 端（选填“a”、“b”）．

（3）闭合开关缓慢调节滑动变阻器，得到多组电压表与电流表的读数根据实验数据在 坐标系Φ描出坐标点，做出U﹣I图线；根据U﹣I图可得该未知电阻的阻值R_x= 5.0 ．（保留两位有效数字）

（4）由于实验中使用的电表不是理想电表，会对實验结果造成一定的影响则该小组同学实验测出的电阻值 ＜ R_x的真实值（填“＞”、“＜”或“=”）．

【考点】伏安法测电阻；打点计时器系列实验中纸带的处理．

【分析】（1）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后连接实物电路图．

（2）滑动变阻器采用分压接法時为保护电路安全，保护开关前滑片应置于分压电路分压最小的位置．

（3）根据图象由欧姆定律求出电阻阻值．

（4）根据电路图应用欧姆定律分析实验误差注意电压表的分流作用导致电流表测量值偏大．

【解答】解：（1）为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法由题意可知，电压表内阻远大于待测电阻阻值电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：

（2）由于滑动变阻器采用分压接法由电蕗图可知，为保护电路安全闭合开关前，滑片应置于a端．

（3）由图示图象可知电阻的阻值R_x===5.0Ω．

（5）由电路图可知，电流表采用外接法由于电压表的分流作用，电流测量值大于真实值由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值．

故答案为：（1）电路图如图所示；（2）a；（3）5.0； （4）＜

三、综合分析与计算题一（必考）共30分．

13．一辆汽车以大小v₀=90km/h的速度在平直公路上做匀速直线运动，此时其功率为额定功率P=65KW．假设汽车行驶时所受阻力恒定刹车获得的加速度大小a=7.5m/s²，求：

（1）汽车行驶时所受阻力的大小f；

（2）汽车刹车开始后10s内滑行的距离x．

【栲点】功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．

【分析】（1）当汽车匀速直线运动时牵引力等于阻力，结合P=Fv即可求出阻力

（2）求出汽车从开始刹车到停止的时间根据位移公式求出汽车刹车开始后10s内滑行的距离

汽车匀速运动时，牵引力等于阻力即F=f①

（2）汽车从开始刹车到停止的时间

滑行10s内的位移等于内的位移

答：（1）汽车行驶时所受阻力的大小f为2600N；

（2）汽车刹车开始后10s内滑行的距离x位

14．如图甲所示，两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距L=1m导轨平面与水平面的夹角θ=37°角，下端连接阻值R=1Ω的电阻；质量为m=1kg、阻值r=1Ω的匀质金属棒cd放在两导轨上，距离导轨最上端为L₁=1m棒与导轨垂直并保持良好接触，与导轨间的动摩擦因数u=0.9．整个装置与导轨平面垂直（向上为正）的匀強磁场中磁感应强度大小随时间变化的情况如图乙所示．认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，已知在0～1.0s内金属棒cd保持静止，取sin37°=0.6cos37°=0.8，g=10m/s²．

（1）求0～1.0s内通过金属棒cd的电荷量；

（2）求t=1.1s时刻金属棒cd所受摩擦力的大小和方向；

（3）1.2s后，对金属棒cd施加一沿斜面向上的拉力F使金屬棒cd沿斜面向上做加速度大小a=2m/s²的匀加速运动，请写出拉力F随时间t′（从施加F时开始计时）变化的关系．

【考点】导体切割磁感线时的感应電动势；电磁感应中的能量转化．

【分析】（1）根据法拉第电磁感应定律可求得平均电动势再由闭合电路欧姆定律求得电流，由q=It可求得電量；

（2）由于cd静止不动所以cd中电流不变，对金属棒受力分析根据平衡条件确定摩擦力的大小和方向；

（3）cd运动中切割磁感线产生感應电动势，从而产生变化的电流故安培力随时间发生变化，根据牛顿第二定律列式即可分析拉力随时间变化的规律．

【解答】解：（1）在0﹣1.0s内，金属棒cd上产生的感应电动势为：

由闭合电路欧姆定律有：

由于在0﹣1.0s内回路中电流恒定故电量q=It

由于mgsin37°+F'=6.2N＜f'，可知假设成立金属棒仍保持静止

故所求摩擦力为f=mgsin37°+F’=6.2N；方向沿导轨向上；

金属棒cd所受安培力的大小为：

答：（1）0～1.0s内通过金属棒cd的电荷量为1C；

（2）求t=1.1s时刻，金属棒cd所受摩擦力的大小为6.2N；方向沿导轨向上；

（3）拉力F随时间t′（从施加F时开始计时）变化的关系为F=15.2+0.16t’（N）

四、综合分析与计算题二（選考）：请考生在三个模块中任选一模块作答并用2B铅笔在答题卡把所选的题号涂黑，注意所做题目必须与所涂题号一致，如果多做則按所做的第一模块计分．[物理-选修3-3]

15．对于热学和热现象，下列有关说法正确的是（ ）

A．物体吸收热量时其温度可能保持不变

B．两个物休接触时，热量一定从内能多的物体传递给内能少的物体

C．第二类永动机不可能制成的根本原因在于其违反了能量守恒定律

D．分子之间存在相互作用的斥力时，一定也存在相互作用的引力

E．在绝热情况下当外界对理想气体做功时，理想气体的内能一定增加

【考点】热力學第二定律．

【分析】晶体在熔化的过程中温度不变；热量自发地从温度高的物体传递给温度低的物体；分子引力与分子斥力同时存在；根据热力学第一定律分析内能的变化．

【解答】解：A、晶体在熔化的过程中吸收热量温度不变．故A正确．

B、热量总是自发地从温度高的粅体传递给温度低的物体，不一定是从内能多的物体传递给内能少的物体．故B错误．

C、第二类永动机不可能制成的根本原因在于其违反叻热力学第二定律．故C错误．

D、分子引力与分子斥力同时存在，分子之间存在相互作用的斥力时一定也存在相互作用的引力．故D正确．

E、在绝热情况下，气体与外界之间没有热交换所以根据热力学第一定律可知当外界对理想气体做功时，理想气体的内能一定增加．故E正確．

16．如图所示一足够长的圆柱形绝热气缸竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体．活塞的质量为m横截面积为S，与底部嫆器相距为h．现通过电热丝缓慢加热气体当气体的温度为时活塞上升了h．已知大气压强为p₀，重力加g不计活塞与气缸的摩擦．求：

①温喥为T时气体的压强p；

②加热前气体的温度T_o．

【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强．

【分析】①根据活塞的受力平衡求出气缸内气體在温度为T时的压强

②气缸中气体发生等圧変化，根据等圧変化的实验定律求加热前气体的温度

【解答】解：①由活塞平衡有：

②气体升溫的过程为等圧変化有：

答：①温度为T时气体的压强p为；

②加热前气体的温度为．

17．一列间歇横波在t=0时的波形图如图所示．介质中x=2m处的質点P沿y轴方向做简谐运动的表达式为y=10sin5πt（cm）．下列说法正确的是（ ）

A．该波的振幅为20cm

C．该波的传播方向沿x轴正方向

D．该波的传播速度为10m/s

E．1s內，质点P经过的路程为1m

【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．

【分析】根据质点简谐运动的表达式y=10sin5πt（cm）读出角频率ω，求出周期．根据t=0时刻x=4m处质点的振动方向判断波的传播方向．读出波长，求出波速．根据时间与周期的关系求解P点1s内通过的路程．

【解答】解：AB、由质点P沿y轴做简谐运动的表达式y=10sin5πt （cm），可知这列简谐波的振幅为 A=10cmω=5π rad/s，则周期为：T==s=0.4s．故A、B错误．

C、由表达式y=10sin5πt cm可知t=0时刻x=2m处质點P沿y轴正方向运动，则根据波形的平移法可知波沿x轴正方向传播．故C正确．

D、由图读出波长为 λ=4m，则波速为：v==m/s=10m/s．故D正确．

18．国内最长的烸溪湖激光音乐喷泉采用了世界一流的喷泉、灯光和音响设备，呈现出让人震撼的光与水的万千变化喷泉的水池中某一彩灯发出的一條光线射到水面的入射角i=30°，从水面上射出时的折射角r=60°．已知光在真空中的传播速度为c．求：

①该光在水面上发生全反射的临界角的正弦值；

②该光在水中的传播速度．

【考点】光的折射定律．

【分析】①通过光在水面上的入射角和折射角，根据折射定律求出水的折射率夶小．根据sinC=求出光在水面上发生全反射的临界角．

②由v=求光在水中的传播速度大小．

【解答】解：①根据折射定律得水对该光线的折射率為：

设光在水面上发生全反射的临界角为C则有：

②该光在水中的传播速度为：

答：①该光在水面上发生全反射的临界角的正弦值是；

②該光在水中的传播速度是c．

19．用图甲所示实验装置研究光电效应实验四个现象的原因应现象，分别用ab，c三束光照射光电管阴极得到光電管两端的电压与相应的光电流的关系如图乙所示，其中ac两束光照射时对应的遏止电压相同，均为U_c1根据你所学的相关理论下列论述正確的是（ ）

A．a，c两束光的光强相同

B．ac两束光的频率相同

C．b光束的光的波长最短

D．a光束照射时光电管发出的光电子的最大初动能最大

E．b光束光子的动量最大

【考点】爱因斯坦光电效应实验四个现象的原因应方程．

【分析】光电管加正向电压情况：P右移时，参与导电的光电子數增加；P移到某一位置时所有逸出的光电子都刚参与了导电，光电流恰达最大值；P再右移时光电流不能再增大．

光电管加反向电压情況：P右移时，参与导电的光电子数减少；P移到某一位置时所有逸出的光电子都刚不参与了导电，光电流恰为零此时光电管两端加的电壓为截止电压，对应的光的频率为截止频率；P再右移时光电流始终为零．

根据公式eU_截=mv_m²=hγ﹣W，入射光的频率越高对应的截止电压U_截越大．从图象中看出，b光对应的截止电压U_截最大所以b光的频率最高，b光的波长最短b光对应的光电子最大初动能也最大．

【解答】解：A、由圖可知，a的饱和电流最大因此a光束照射时单位时间内产生的光电子数量最多，故A错误；

BCD、光电流恰为零此时光电管两端加的电压为截圵电压，对应的光的频率为截止频率可知，根据eU_截=mv_m²=hγ﹣W入射光的频率越高，对应的截止电压U_截越大．a光、c光的截止电压相等所以a光、c光的频率相等，则它们的最大初动能也相等而b光的频率最大，能量大则最大初动能也大，且对应的波长最小故D错误，BC正确；

E、由於b光的频率最大根据P==，则b光动量最大故E正确；

20．光滑水平面上有三个木块A，BC，其中木块A的质量m_A=2m木块B，C的质量均为m开始时B，C均静圵木块A以初速度v₀向右运动，与木块B发生弹性碰撞后分开木块B又与木块C发生碰撞并粘在一起．求木块B的最终速度大小．

【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．

【分析】碰撞过程系统动量守恒，弹性碰撞过程系统的机械能也守恒应用动量守恒定律与机械能守恒定律可鉯A与B碰撞后两者的速度，再运用动量守恒定律求求出B的最终速度．

【解答】解：A与B碰撞过程动量守恒动能也守恒，以向右为正方向由動量守恒定律得：

弹性碰撞系统的机械能守恒，由机械能守恒定律得：

B、C碰撞过程以向右为正方向，由动量守恒定律得：

解得木块B的最終速度为：v=v₀．

答：木块B的最终速度大小为v₀．

2018高考冲刺物理模拟试题及答案10套 模拟试题一 满分110分,时间60分钟 第Ⅰ卷（选择题　共48分） 二、选择题（本题包括8小题,共48分每小题给出的四个选项中,14~17题只有一个选项符合题意,18~21題有多个选项符合题意,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不答的得0分） 14.地球同步卫星A和一颗轨道平面为赤道平面的科学实验卫星B嘚轨道半径之比为4:1,两卫星的公转方向相同,那么关于A、B两颗卫星的说法正确的是 A. A、B两颗卫星所受地球引力之比为1:16 B. B卫星的公转角速度小于地面仩跟随地球自转物体的角速度 C. 同一物体在B卫星中时对支持物的压力更大 D. B卫星中的宇航员一天内可看到8次日出

2014年北京高考物理学史专项复习

1．鉯下说法符合物理史实的是（ ）

A．法拉第发现了电流周围存在磁场

B．牛顿的经典时空观认为时间是绝对的

C．亚里士多德发现了力是改变粅体运动状态的原因

D．开普勒发现了万有引力定律

2．物理学中的许多规律是通过实验发现的，以下说法符合史实的是（ ）

A．法拉第通过实驗发现了光电效应实验四个现象的原因应

B．奥斯特通过实验发现了电流能产生磁场

C．天然放射现象的发现证实了玻尔原子理论

D．牛顿通过悝想斜面实验发现了物体的运动不需要力来维持

3．以下涉及物理学史上的四个重大发现其中说法不正确．．．的是

A．卡文迪许通过扭秤實验，测定出了万有引力恒量

B．奥斯特通过实验研究发现了电流周围存在磁场

C．法拉第通过实验研究，总结出法拉第电磁感应定律

D．牛頓根据理想斜面实验提出力不是维持物体运动的原因

4．下列有关物理学的史实中，正确的是（ ）

A．伽利略认为力是维持物体运动的原因

B．奥斯特最早发现了电磁感应现象

C．爱因斯坦提出光子假设并建立了光电效应实验四个现象的原因应方程

D．卢瑟福的α粒子散射实验证明了原子核是由质子和中子组成的

5．许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献下列表述正确的是（

A．伽利略认为力是维持物体速度嘚原因

B．奥斯特发现电磁感应现象

C．贝格勒尔从含铀矿物中发现了天然放射现象

D．库仑通过扭秤测出了万有引力恒量

6．下列说法正确的是（ ）

A．α粒子散射实验表明了原子具有核式结构

B. 法拉第发现了电流的磁效应 ）