（1）封冰的江河，冰面所能承受的最大压强是2×105Pa．某坦克质量为60t，两条履带着地面积共为5m2，该坦克在冰面上行驶时对冰面的压强是1.2×105Pa，它最多还能装载质量40t的人员和其它装备．（g取10N/kg）
（2）如图所示，挂在弹簧测力计下的铁块置于一个匝数可变的电磁铁的上方．当开关S与1接通稳定后测力计的示数为F1，使滑动变阻器的滑片P向左移动到某一位置，弹簧测力计的示数为F2，则F1＜F2；然后滑片P的位置保持不变，开关由1接到2，稳定后弹簧测力计的示数为F3，则F3＜F2．（选填“=”、“＞”或“＜”）
（3））斜坡长10m，顶端与底端的竖直高度为6m，当小莉沿着斜坡用F=100N的力把一质量为10kg的货箱从斜坡底端缓慢地推到斜坡顶端的过程中，她对货厢做的功为1000J，货厢克服斜坡的摩擦力做的功是400J．（g取10N/kg）
（4）由于光照而产生电压的现象叫光伏效应．单晶硅太阳能电池就是根据光伏效应设计的．已知某一单片单晶硅太阳能电池在正常太阳光照射下，光电转换效率可达25%，产生的电压为0.6V，用它给电阻为6Ω的用电器供电，电流是0.1A，每秒钟照射到该单片单晶硅太阳能电池上的太阳光的能量是0.24J．
（5）如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示，物体运动速度v与时间t的关系如图丙所示，由图象可知，当t=1s时，物体受到的摩擦力为2N，当t=5s时，物体受到的合力为0N．
（1）根据坦克质量可求出其重力，此时重力即为压力，再利用两条履带着地面积可求出该坦克在冰面上行驶时冰面的压强，根据冰面能承受的最大压强和该坦克在冰面上行驶时冰面的压强可求出冰面还能承受的压强，然后再利用两条履带着地面积求出还能承受的压力，此时压力即为重力，再根据m=$\frac{G}{g}$即可求出装载人员和其它装备的质量．
（2）从以下3点分析此题：①电磁铁的磁性有无可以由电流的通断来控制．
②电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯．电流越大，匝数越多，有铁芯时电磁铁的磁性越强．
③滑动变阻器的作用：改变连入电路的电阻丝的长度，改变连入电路的电阻，改变电路中的电流．
（3）小莉对货厢做的功为总功，等于推力乘以斜坡的长；货厢克服斜坡的摩擦力做的功为额外功，等于总功减去有用功，所以要先求有用功，有用功等于物体重力乘以斜面的高．
（4）由欧姆定律即可求得电流，由电功公式W=UIt可求得太阳能电池吸收的光能，由光电转换效率可求得太阳光的能量．
（5）图象是形象描述物理状态、物理过程和物理规律的常用工具，也是应用数学知识解决物理问题的一个重要方面，它不仅可以使抽象的概念直观形象，也能使动态变化过程更为清晰．
（1）F1=G1=mg=60000kg×10N/kg=6×105N，
P1=$\frac{{F}_{1}}{s}$=$\frac{6×{10}^{5}N}{5{m}^{2}}$=1.2×105Pa，
因为冰面能承接的最大压强是P=2×105Pa，
该坦克在冰面上行驶时冰面的压强是P1=1.2×105Pa
所以冰面还能承受的压强是P2=P-P1=2×105Pa-1.2×105=0.8×105Pa，
所以冰面还能承受的压力F2=P2s=0.8×105Pa×5m2=4×105N，
F2=G2=4×105N，
m=$\frac{G}{g}$=$\frac{4×{10}^{5}N}{10N/kg}$=4×104kg=40t．
故答案为：1.2×105Pa；40t．
（2）①当开关S与1接通稳定后测力计的示数为F1，电磁铁中有电流，电磁铁具有了磁性，吸引铁质的钩码，使弹簧测力计的示数变大．
②当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变小，电流变大．线圈匝数和铁芯不变时，电流增大，电磁铁的磁性增强，弹簧测力计示数变大，所以则F1＜F2
③当开关由1接到2，连入电路线圈的匝数减小，电流和铁芯不变，此时电磁铁的磁性减弱，弹簧测力计示数变小，所以此时稳定后弹簧测力计的示数为F3，则F3＜F2．
故答案为：＜；＜．
（3）小莉对货厢做的功：W总=FS=100N×10m=1000J；
有用功W有用=Gh=mgh=10kg×10N/Kg×6m=600J；
货厢克服斜坡的摩擦力做的功：W额=W总-W有用=J=400J．
故答案为：J．
（4）由欧姆定律得：I=$\frac{U}{R}$=$\frac{0.6V}{6Ω}=0.1A$；
电阳能电池每秒产生的电能为W=UIt=0.6V×0.1A×1s=0.06J；
则照到太阳能电池上的光能为W光=$\frac{W}{25%}$=$\frac{0.06J}{0.25}$=0.24J；
故答案为：0.1；0.24．
（5）根据图象丙可知，当t=1s时，物体的运动速度是2m/s，当t=5s时，
该物体的运动速度仍然是2m/s，所以该物体作匀速直线运动．
根据二力平衡的条件，结合图象乙可知，该物体作匀速直线运动，
所以，它受到的水平方向上的拉力和摩擦力是一对平衡力，
所以当t=1s时，拉力F=2N，摩擦力也为2N，当t=5s时，合力为0．
故分别填：作匀速直线运动；2；0．有一河堤坝BCDF为梯形，斜坡BC坡度iBC＝33，坝高为5m，坝顶CD=6m，现有一工程车需从距B点50m的A处前方取土，然后经过B-C-D放土，为了安全起见，工程车轮只能停在离A、D处1m的地方即M、N处工作_作业帮
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有一河堤坝BCDF为梯形，斜坡BC坡度iBC＝33，坝高为5m，坝顶CD=6m，现有一工程车需从距B点50m的A处前方取土，然后经过B-C-D放土，为了安全起见，工程车轮只能停在离A、D处1m的地方即M、N处工作
有一河堤坝BCDF为梯形，斜坡BC坡度BC＝33，坝高为5m，坝顶CD=6m，现有一工程车需从距B点50m的A处前方取土，然后经过B-C-D放土，为了安全起见，工程车轮只能停在离A、D处1m的地方即M、N处工作，已知车轮半经为1m，求车轮从取土处到放土处圆心从M到N所经过的路径长．
当圆心移动到G的位置时，作GR⊥AB，GL⊥BC分别于点R，L．∵BC＝33，∴∠CBF=30°，∴∠RGB=15°，∵直角△RGB中，tan∠RGB=，∴BR=GRotan∠RGB=2-，则BL=BR=2-，则从M移动到G的路长是：AB-BR-1=50-（2-）-1=47+m，BC=2×5=10m，则从G移动到P的位置（P是圆心在C，且与BC相切时圆心的位置），GP=10-BL=10-（2-）=8+m；圆心从P到I（I是圆心在C，且与CD相切时圆心的位置），移动的路径是弧，弧长是：&180=m；圆心从I到N移动的距离是：6-1=5m，则圆心移动的距离是：（47+）+（8+）+5+=60+2+（m）．
本题考点：
解直角三角形的应用-坡度坡角问题．
问题解析：
作出圆与BA，BC相切时圆心的位置G，与CD相切时圆心的位置P，与CD相切时圆心的位置I，分别求得各段的路径的长，然后求和即可．请输入图片中的文字继续访问}