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& 学年云南省昭通市镇雄一中高二上学期期末物理试卷 Word版含解析
学年云南省昭通市镇雄一中高二上学期期末物理试卷 Word版含解析
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资料概述与简介
学年云南省昭通市镇雄一中高二（上）期末物理试卷
一.选择题（每题4分，共40分）
1．关于物理学史，下列说法中正确的是（　　）
　 A． 电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根测得的
　 B． 法拉第不仅提出了场的概念，而且直观地描绘了场的清晰图象
　 C． 法拉第通过实验研究确认了真空中两点电荷之间相互作用力的规律
　 D． 库仑在前人工作的基础上，通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力的规律
2．下列说法中正确的是（　　）
　 A． 电场强度为零的点，电势不一定为零
　 B． 电场强度处处相等的区域内，电势也一定处处相等
　 C． 电流在磁场中某点不受磁场力作用，则该点的磁感应强度不一定为零
　 D． 由B=可知，B与F成正比，与IL成反比
3．下列关于电场线和磁感线的说法中，正确的是（　　）
　 A． 电场线和磁感线都是电场或磁场中实际存在的线
　 B． 磁场中两条磁感线一定不相交，但在复杂电场中的电场线是可以相交的
　 C． 电场线是一条不闭合曲线，而磁感线是一条闭合曲线
　 D． 电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大；磁感线分布较密的地方，同一试探电荷所受的磁场力也越大
4．每时每刻都有大量宇宙射线向地球射来，地磁场可以改变射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义．假设有一个带正电的宇宙射线粒子正垂直于地面向赤道射来，在地磁场的作用下，它将（　　）
　 A． 向东偏转 B． 向南偏转 C． 向西偏转 D． 向北偏转
5．如图所示，在真空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定在A、B两点，DCE为AB连线的中垂线，现将一个正电荷q由c点沿CD移到无穷远，则在此过程中（　　）
　 A． 电势能逐渐减小
　 B． 电势能逐渐增大
　 C． q受到的电场力逐渐减小
　 D． q受到的电场力先逐渐增大后逐渐减小
6．如图所示电路，闭合开关S，将滑动变阻器的滑动片p向b端移动时，电压表和电流表的示数变化情况的是（　　）
　 A． 电压表示数增大，电流表示数变小
　 B． 电压表和电流表示数都增大
　 C． 电压表和电流表示数都减小
　 D． 电压表示数减小，电流表示数增大
7．如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，放置一根长为L，质量为m的导体棒．在导体棒中通以电流I时，欲使导体棒静止在斜面上，下列外加匀强磁场的磁感应强度B的大小和方向正确的是（　　）
　 A． B=mg，方向垂直斜面向上
　 B． B=，方向垂直斜面向下
　 C． B=mg，方向竖直向下
　 D． B=mg，方向竖直向上
8．如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态．现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变．下列说法中正确的是（　　）
　 A． 液滴将向下运动 B． 液滴将向上运动
　 C． 极板带电荷量将增加 D． 极板带电荷量将减少
9．设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时速度为零，C点是运动的最低点，忽略重力，以下说法正确的是（　　）
　 A． 这离子必带正电荷
　 B． A点和B点位于同一高度
　 C． 离子在C点时速度最大
　 D． 离子到达B点时，将沿原曲线返回A点
10．如图所示，两个半径相同的半圆形轨道分别竖直放在匀强电场和匀强磁场中，轨道两端在同一高度上，轨道是光滑的．两个相同的带正电小球同球从两轨道左端最高点由静止释放，M、N为轨道的最低点，则（　　）
　 A． 两小球到达轨道最低点的速度vM=vN
　 B． 两小球到达轨道最低点时对轨道的压力FM＞FN
　 C． 小球第一次到达M点的时间大于小球第一次到达N点的时间
　 D． 在磁场中小球能到达轨道的另一端，在电场中小球不能到达轨道的另一端
二.实验题（共24分）
1）用多用表的欧姆档测量阻值约为几十kΩ的电阻Rx，以下给出的是可能的操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆档调零旋钮，把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在下面的横线上．
a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔
b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔
c．旋转S使其尖端对准欧姆档×1k
d．旋转S使其尖端对准欧姆档×100
e．旋转S使其尖端对准交流500V档，并拔出两表笔　　　　　　．
根据上图所示指针位置，此被测电阻的阻值约为　　　　　　Ω．
（2）下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是　　　　　　
（A）测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量
（B）测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果
（C）测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开
（D）测量阻值不同的电阻时都必须重新调零．
12．在用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻的实验中：
（1）移动滑动变阻器的滑动头应特别注意防止　　　　　　．
（2）现备有以下器材：
A．干电池1个
B．滑动变阻器（0～50Ω） C．滑动变阻器（0～1750Ω） D．电压表（0～3V） E．电压表（0～15V） F．电流表（0～0.6A）G．电流表（0～3A）
其中滑动变阻器应选　　　　　　，电流表应选　　　　　　，电压表应选　　　　　　．（填写字母序号即可）
（3）如图1是根据实验数据画出的U﹣I图象（如图2）．由此可知这个干电池的电动势E=　　　　　　V，内电阻r=　　　　　　Ω．
13．某同学先用欧姆表的“×10”档粗测一电阻阻值，欧姆表示数如图1所示，现欲用伏安法较准确地测定其阻值，给出下列仪器供选用：
B．电流表（0～0.6A，10Ω）
C．电流表（0～0.1A，3Ω）
D．电压表（0～3V，2kΩ）
E．电压表（0～15V，45kΩ）
F．滑动变阻器（0～10Ω，0.1A）
G．滑动变阻器（0～20Ω，1A）
H．导线、电键
（1）其中滑动变阻器应选　　　　　　，电流表应选　　　　　　，电压表应选　　　　　　．
（2）在如图2的虚线框中画出电路图．
三.计算题（每题12分，共36分）
14．如图所示，质量m=0.1g的小物块，带有5×10﹣4 C的电荷，放在倾角为30°的光滑绝缘斜面上，整个斜面置于B=0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面指向纸里，物块由静止开始下滑，滑到某一位置时，开始离开斜面，g取10m/s2，求：
（1）物块带什么电？
（2）物块离开斜面时速度多大？
（3）斜面至少有多长？
15．如图所示，一个电子以速度v0垂直射入磁感应强度为B，宽为d的匀强磁场中，穿出磁场的速度方向与电子原来的入射方向的夹角为30°，（电子重力忽略不计）求：
（1）电子的质量是多少？
（2）穿过磁场的时间是多少？
（3）若改变初速度大小，使电子刚好不能从A边射出，则此时速度v是多少？
16．如图所示电路中，R1=3Ω，R2=6Ω，R3=1.5Ω，C=20μF．当开关S1闭合、S2断开，电路稳定时，电源的总功率为2W，当开关S1、S2都闭合，电路稳定时，电源的总功率为4W，求：
（1）电源电动势E和内电阻r；
（2）当S1、S2都闭合时电源的输出功率及电源内部产生的热功率；
（3）当S1闭合，分别计算在S2闭合与断开时，电容器所带的电荷量各为多少？
201-2015学年云南省昭通市镇雄一中高二（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一.选择题（每题4分，共40分）
1．关于物理学史，下列说法中正确的是（　　）
　 A． 电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根测得的
　 B． 法拉第不仅提出了场的概念，而且直观地描绘了场的清晰图象
　 C． 法拉第通过实验研究确认了真空中两点电荷之间相互作用力的规律
　 D． 库仑在前人工作的基础上，通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力的规律
考点： 物理学史．
分析： 电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根测得的．法拉第提出了场的概念，形象直观地描绘了场的清晰图象．库仑通过实验研究确认了真空中两点电荷之间相互作用力的规律．
解答： 解：
A、电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根通过油滴实验测得的．故A正确．
B、法拉第不仅提出了场的概念，而且用电场线形象直观地描绘了场的清晰图象．故B正确．
C、D库仑通过实验研究发现了真空中两点电荷之间相互作用力的规律﹣﹣库仑定律．故C错误，D正确．
点评： 本题是电学部分物理学史，可根据时代背景进行记忆，不能混淆．基础题．
2．下列说法中正确的是（　　）
　 A． 电场强度为零的点，电势不一定为零
　 B． 电场强度处处相等的区域内，电势也一定处处相等
　 C． 电流在磁场中某点不受磁场力作用，则该点的磁感应强度不一定为零
　 D． 由B=可知，B与F成正比，与IL成反比
考点： 磁感应强度；电场强度．
分析： 电场的基本性质是对放入的电荷有力的作用，而通电导线放入磁场中不一定有磁场力的作用；电场与磁场都是客观存在的特殊物质；电势是描述电场性质的一种物理量，与电场强度没有直接关系．
解答： 解：A、电场强度与电势没有关系，电场强度为零的地方电势不一定为零，电势为零的地方电场强度也不一定为零，故A正确；
B、电场强度处处相等的区域内，电势不处处相等，比如匀强电场，沿着电场线方向，电势是降低的．故B错误；
C、处在电场中的电荷一定受到电场力，但在磁场中运动的电荷不一定有磁场力存在，当运动方向与磁场方向平行时，没有磁场力作用，因此某点不受磁场力作用，则该点的磁感应强度不一定为零．故C正确；
D、磁感应强度的大小B=，是比值定义法，因此B与F，与IL均没有关系，故D错误；
故选：AC．
点评： 考查电场与磁场的基本知识，通过相互比较来加强理解．注意电荷在磁场中受洛伦兹力是“有条件”的即运动电荷和磁场方向有夹角，若是平行或电荷与磁场相对静止则不受洛伦兹力作用，而电荷在电场中受电场力是“无条件”的即电场力与电荷的运动状态无关．是一道基础题，同时也是易错题．
3．下列关于电场线和磁感线的说法中，正确的是（　　）
　 A． 电场线和磁感线都是电场或磁场中实际存在的线
　 B． 磁场中两条磁感线一定不相交，但在复杂电场中的电场线是可以相交的
　 C． 电场线是一条不闭合曲线，而磁感线是一条闭合曲线
　 D． 电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大；磁感线分布较密的地方，同一试探电荷所受的磁场力也越大
考点： 电场线；磁感线及用磁感线描述磁场．
分析： 电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小；
磁感线是在磁场中的用来描述磁感应强度的闭合的曲线，它的特点和电场线类似，但是磁感线是闭合的曲线，电场线不是闭合的，有起点和终点．
解答： 解：A、电场线和磁感线都是为了形象的描述电场和磁场而引入的曲线，是假想的，不是实际存在的线，所以A错误；
B、电场线和磁感线都是不会相交的，否则的话在该点就会出现两个不同的方向，这是不可能的，所以B错误；
C、电场线是一条不闭合曲线，有起点和终点，而磁感线是一条闭合曲线，所以C正确；
D、电场线越密的地方，电场的强度大，同一试探电荷所受的电场力越大，但是在磁场中，静止的电荷是不受磁场力作用的，所以D错误；
点评： 本题就是考查学生对电场线和磁感线的理解，它们之间的最大的区别是磁感线是闭合的曲线，但电场线不是闭合的，有起点和终点．
4．每时每刻都有大量宇宙射线向地球射来，地磁场可以改变射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义．假设有一个带正电的宇宙射线粒子正垂直于地面向赤道射来，在地磁场的作用下，它将（　　）
　 A． 向东偏转 B． 向南偏转 C． 向西偏转 D． 向北偏转
考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动．
专题： 带电粒子在磁场中的运动专题．
分析： 根据地球磁场的分布，由左手定则可以判断粒子的受力的方向，从而可以判断粒子的运动的方向．
解答： 解：地球的磁场由南向北，当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向东，所以粒子将向东偏转，所以A正确．
点评： 本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．
5．如图所示，在真空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定在A、B两点，DCE为AB连线的中垂线，现将一个正电荷q由c点沿CD移到无穷远，则在此过程中（　　）
　 A． 电势能逐渐减小
　 B． 电势能逐渐增大
　 C． q受到的电场力逐渐减小
　 D． q受到的电场力先逐渐增大后逐渐减小
考点： 电势能；电场强度．
专题： 电场力与电势的性质专题．
分析： q1、q2是两个等量的正电荷，DC为A、B连线的中垂线，作出CD线上的电场线，根据电场线方向判断正电荷q由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势的变化，由电场力做功正负判断其电势能的变化．运用极限法判断场强的变化，确定电场力的变化．
解答： 解：AB，由题，q1、q2是两个等量的正电荷，作出中垂线CD上电场线如图，根据顺着电场线电势降低，可知正电荷q由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势不断降低，电场力做正功，其电势能不断减小．故A正确，B错误．
CD、根据电场的叠加可知，C点的场强为零，而无穷远处场强也为零，所以由C点沿CD移至无穷远的过程中，场强先增大，后减小，q受到的电场力先逐渐增大，后逐渐减小．故C错误，D正确．
故选：AD．
点评： 对于等量同种和等量异种电荷电场线、等势面的分布情况要掌握，这是考试的热点．特别是抓住电荷连线的中垂线电场线与等势面的特点．
6．如图所示电路，闭合开关S，将滑动变阻器的滑动片p向b端移动时，电压表和电流表的示数变化情况的是（　　）
　 A． 电压表示数增大，电流表示数变小
　 B． 电压表和电流表示数都增大
　 C． 电压表和电流表示数都减小
　 D． 电压表示数减小，电流表示数增大
考点： 闭合电路的欧姆定律．
专题： 恒定电流专题．
分析： 当滑动变阻器的滑动片p向b端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再由欧姆定律分析并联部分电压的变化，分析电流表示数的变化．
解答： 解：当滑动变阻器的滑动片p向b端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知总电流增大，路端电压减小，则电压表的读数变小．图中并联部分电路的电压减小，则电流表的读数变小．故C正确．
点评： 本题中R1也可直接作为内电阻处理，可直接由闭合电路欧姆定律得出并联部分的电压减小，流过R2的电流减小．
7．如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，放置一根长为L，质量为m的导体棒．在导体棒中通以电流I时，欲使导体棒静止在斜面上，下列外加匀强磁场的磁感应强度B的大小和方向正确的是（　　）
　 A． B=mg，方向垂直斜面向上
　 B． B=，方向垂直斜面向下
　 C． B=mg，方向竖直向下
　 D． B=mg，方向竖直向上
考点： 安培力．
分析： 通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向．
解答： 解：A、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向上，则沿斜面向上的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，则大小B═mg；故A正确；
B、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向下，则沿斜面向下的安培力、支持力与重力，所以棒不可能处于平衡状态，故B错误；
C、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向竖直向下，则水平向左的安培力、支持力与重力，所以棒不可能处于平衡状态；故C错误；
D、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向竖直向上，则水平向右的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，则大小B=mg，故D正确；
故选：AD．
点评： 学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．
8．如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态．现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变．下列说法中正确的是（　　）
　 A． 液滴将向下运动 B． 液滴将向上运动
　 C． 极板带电荷量将增加 D． 极板带电荷量将减少
考点： 电容器的动态分析．
专题： 电容器专题．
分析： 带电油滴悬浮在平行板电容器中P点，处于静止状态，电场力与重力平衡，将极板A向下平移一小段距离时，根据E=分析板间场强如何变化，判断液滴如何运动．根据电容的决定式和定义式结合分析极板所带电量如何变化．
解答： 解：A、B电容器板间的电压保持不变，当将极板A向下平移一小段距离时，根据E=分析得知，板间场强增大，液滴所受电场力增大，液滴将向上运动．故A错误，B正确．
C、D将极板A向下平移一小段距离时，根据电容的决定式C= 得知电容C增大，而电容器的电压U不变，极板带电荷量将增大．故C正确，D错误．
故选：BC．
点评： 本题关键要抓住电容器的电压不变，由电容的决定式C= 和电量Q=CU结合分析电量变化．
9．设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时速度为零，C点是运动的最低点，忽略重力，以下说法正确的是（　　）
　 A． 这离子必带正电荷
　 B． A点和B点位于同一高度
　 C． 离子在C点时速度最大
　 D． 离子到达B点时，将沿原曲线返回A点
考点： 带电粒子在混合场中的运动．
专题： 带电粒子在复合场中的运动专题．
分析： （1）由离子从静止开始运动的方向可知离子必带正电荷；
（2）在运动过程中，洛伦兹力永不做功，只有电场力做功根据动能定理即可判断BC；
（3）达B点时速度为零，将重复刚才ACB的运动．
解答： 解：A．离子从静止开始运动的方向向下，电场强度方向也向下，所以离子必带正电荷，A正确；
B．因为洛伦兹力不做功，只有静电力做功，A、B两点速度都为0，根据动能定理可知，离子从A到B运动过程中，电场力不做功，故A、B位于同一高度，B正确；
C．C点是最低点，从A到C运动过程中电场力做正功做大，根据动能定理可知离子在C点时速度最大，C正确；
D．到达B点时速度为零，将重复刚才ACB的运动，向右运动，不会返回，故D错误．
故选：ABC．
点评： 本题主要考查了带电粒子在混合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，要注意洛伦兹力永不做功，难度适中．
10．如图所示，两个半径相同的半圆形轨道分别竖直放在匀强电场和匀强磁场中，轨道两端在同一高度上，轨道是光滑的．两个相同的带正电小球同球从两轨道左端最高点由静止释放，M、N为轨道的最低点，则（　　）
　 A． 两小球到达轨道最低点的速度vM=vN
　 B． 两小球到达轨道最低点时对轨道的压力FM＞FN
　 C． 小球第一次到达M点的时间大于小球第一次到达N点的时间
　 D． 在磁场中小球能到达轨道的另一端，在电场中小球不能到达轨道的另一端
考点： 带电粒子在混合场中的运动；向心力．
专题： 带电粒子在复合场中的运动专题．
分析： 两个轨道的半径相同，根据圆周运动的向心力的公式可以分析小球通过最低点是对轨道的压力，小球在磁场中运动，磁场力对小球不做功，整个过程中小球的机械能守恒，小球在电场中受到的电场力对小球做负功，到达最低点时的速度的大小较小．
解答： 解：小球在磁场中运动，在最低点进行受力分析可知：
FM﹣mg﹣Bqv1=m
解得：FM=+mg+Bqv1…①
小球在电场中运动，在最低点受力分析可知：
解得：FN=+mg…②
A、C、由于小球在磁场中运动，磁场力对小球不做功，整个过程中小球的机械能守恒；而小球在电场中运动受到的电场力对小球做负功，到达最低点时的速度的大小较小，所以它们在最低点的速度大小不等，且在电场中运动的时间也长，故AC错误；
B、因为v1＞v2，结合①②可知：FM＞FN，故B正确；
D、由于小球在磁场中运动，磁场力对小球不做功，整个过程中小球的机械能守恒，所以小球可以到达轨道的另一端，而电场力做小球做负功，所以小球在达到轨道另一端之前速度就减为零了，故不能到达最右端，故D正确；
故选：BD．
点评： 洛仑兹力对小球不做功，但是洛仑兹力影响了球对轨道的作用力，在电场中的小球，电场力对小球做功，影响小球的速度的大小，从而影响小球对轨道的压力的大小．
二.实验题（共24分）
1）用多用表的欧姆档测量阻值约为几十kΩ的电阻Rx，以下给出的是可能的操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆档调零旋钮，把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在下面的横线上．
a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔
b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔
c．旋转S使其尖端对准欧姆档×1k
d．旋转S使其尖端对准欧姆档×100
e．旋转S使其尖端对准交流500V档，并拔出两表笔　cabe　．
根据上图所示指针位置，此被测电阻的阻值约为　30k　Ω．
（2）下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是　ABC　
（A）测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量
（B）测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果
（C）测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开
（D）测量阻值不同的电阻时都必须重新调零．
考点： 用多用电表测电阻．
专题： 实验题；恒定电流专题．
分析： 欧姆表是测量电阻的仪表，把被测电阻串联在红黑表笔之间，欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入，
（1）用欧姆表测电阻，每次换挡后和测量前都要重新调零（指欧姆调零）．
（2）测电阻时待测电阻不仅要和电源断开，而且要和别的元件断开．
（3）测量时注意手不要碰表笔的金属部分，否则将人体的电阻并联进去，影响测量结果．
（4）合理选择量程，使指针尽可能在中间刻度附近．
解答： 解：（1）测量几十kΩ的电阻Rx我们一般选择较大的档位先粗测，使用前应先进行调零，然后依据欧姆表的示数，在更换档位，重新调零，在进行测量；使用完毕应将选择开关置于OFF位置或者交流电压最大档，拔出表笔，正确的步骤为：cabe；
欧姆表选择×1k挡，由图示表盘可知，其示数为：30×1k=30kΩ；
（2）A、测量电阻时如果指针偏转过大，说明所选单位太大，为减小测量误差准确测出电阻阻值，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量，故A正确；
B、测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故B正确；
C、为保护电表，测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故C正确；
D、欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零，用同一挡位测不同阻值的电阻不需要冲量进行欧姆调零，故D错误；
故答案为：（1）cabe；30k；（2）ABC．
点评： （1）实际应用中要防止超量程，不得测额定电流极小的电器的电阻（如灵敏电流表的内阻）．
（2）测量完毕后，应拔出表笔，选择开关置于 OFF挡位置，或交流电压最高挡；长期不用时，应取出电池，以防电池漏电．
（3）欧姆表功能：测量电阻、测二极管正负极．
（4）用法：最好指针打到中间将误差减小．
12．在用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻的实验中：
（1）移动滑动变阻器的滑动头应特别注意防止　电路短路　．
（2）现备有以下器材：
A．干电池1个
B．滑动变阻器（0～50Ω） C．滑动变阻器（0～1750Ω） D．电压表（0～3V） E．电压表（0～15V） F．电流表（0～0.6A）G．电流表（0～3A）
其中滑动变阻器应选　B　，电流表应选　F　，电压表应选　D　．（填写字母序号即可）
（3）如图1是根据实验数据画出的U﹣I图象（如图2）．由此可知这个干电池的电动势E=　1.5　V，内电阻r=　1.25　Ω．
考点： 测定电源的电动势和内阻．
专题： 实验题；恒定电流专题．
分析： （1）为保护电路安全，要防止电路短路．
（2）根据电源电动势与内阻选择器材．
（3）由图2所示图象求出电源电动势与内阻．
解答： 解：（1）移动滑动变阻器的滑动头应特别注意防止电路短路．
（2）电源电动势约为1.5V，内阻很小，约为零点几欧姆，为方便实验操作，滑动变阻器应选B，电流表应选F，电压表应选D．
（3）由图2所示电源U﹣I图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.5，则电源电动势E=1.5V，
电源内阻r===1.25Ω．
故答案为：（1）电路短路；（2）B；F；D；（3）1.5；1.25．
点评： 本题考查了实验注意事项、实验器材的选择、求电源电动势与内阻，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻．
13．某同学先用欧姆表的“×10”档粗测一电阻阻值，欧姆表示数如图1所示，现欲用伏安法较准确地测定其阻值，给出下列仪器供选用：
B．电流表（0～0.6A，10Ω）
C．电流表（0～0.1A，3Ω）
D．电压表（0～3V，2kΩ）
E．电压表（0～15V，45kΩ）
F．滑动变阻器（0～10Ω，0.1A）
G．滑动变阻器（0～20Ω，1A）
H．导线、电键
（1）其中滑动变阻器应选　G　，电流表应选　C　，电压表应选　E　．
（2）在如图2的虚线框中画出电路图．
考点： 伏安法测电阻．
专题： 实验题；恒定电流专题．
分析： 欧姆表读数时注意倍率的数值；应根据电路中最大电流来选择电流表量程；当滑动变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应用分压式接法，应选全电阻小的变阻器，但要同时考虑变阻器的额定电流影响．
解答： 解：（1）欧姆表的示数为：Rx=16×10Ω=160Ω，
根据I=可知，电路中最大电流为：Imax==A=0.06A，
所以电流表应选C，由于电动势E=9V，所以电压表应选E，由于两个变阻器的全电阻远小于待测电阻，变阻器应用分压式接法，考虑到变阻器额定电流的影响，变阻器应选G．
（2）由于==187.5＞==53.3，所以电流表应用外接法；考虑到变阻器的全电阻远小于待测电阻，所以变阻器应用分压式接法，电路图如图所示：
故答案为：（1）G、C、E；
点评： 当滑动变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应选全电阻小的变阻器，但要考虑到额定电流的影响，尽量选择额定电流大的变阻器．
三.计算题（每题12分，共36分）
14．如图所示，质量m=0.1g的小物块，带有5×10﹣4 C的电荷，放在倾角为30°的光滑绝缘斜面上，整个斜面置于B=0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面指向纸里，物块由静止开始下滑，滑到某一位置时，开始离开斜面，g取10m/s2，求：
（1）物块带什么电？
（2）物块离开斜面时速度多大？
（3）斜面至少有多长？
考点： 洛仑兹力；匀变速直线运动的位移与时间的关系．
分析： （1）带电滑块在滑至某一位置时，由于在安培力的作用下，要离开斜面．根据磁场方向结合左手定则可得带电粒子的电性．
（2）由于斜面光滑，所以小滑块在没有离开斜面之前一直做匀加速直线运动．借助于洛伦兹力公式可求出恰好离开时的速度大小．
（3）由运动学公式来算出匀加速运动的时间．由位移与时间关系可求出位移大小．
解答： 解：（1）由题意可知：小滑块受到的安培力垂直斜面向上．根据左手定则可得：小滑块带负电．
（2）当物体离开斜面时，弹力为零，因此有：qvB=mgcos30°，
（3）由于斜面光滑，物体在离开斜面之前一直做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：
mgsin30°=ma，
由匀变速直线运的速度位移公式得：v2=2ax，
解得：x=1.2m．
答：（1）物体带负电．
（2）物体离开斜面时的速度为=2m/s．
（3）物体在斜面上滑行的最大距离是1.2 m．
点评： 本题突破口是从小滑块刚从斜面离开时，从而确定洛伦兹力的大小，进而得出刚离开时的速度大小，由于没有离开之前做匀加速直线运动，所以由运动与力学可解出运动的时间及位移．
15．如图所示，一个电子以速度v0垂直射入磁感应强度为B，宽为d的匀强磁场中，穿出磁场的速度方向与电子原来的入射方向的夹角为30°，（电子重力忽略不计）求：
（1）电子的质量是多少？
（2）穿过磁场的时间是多少？
（3）若改变初速度大小，使电子刚好不能从A边射出，则此时速度v是多少？
考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动．
专题： 带电粒子在磁场中的运动专题．
分析： （1）电子垂直射入匀强磁场中，只受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，画出轨迹，由几何知识求出轨迹的半径，由牛顿第二定律求出质量．
（2）由几何知识求出轨迹所对的圆心角α，由t=T求出时间．
（3）电子刚好不能从A边射出，轨迹恰好与磁场右边界相切，由几何知识得到轨迹半径，即可由牛顿第二定律求得速度v．
解答： 解：（1）电子在磁场中运动，只受洛伦兹力作用，故其轨迹是圆弧的一部分，又因为F洛⊥v，故圆心在电子穿入和穿出磁场时受到洛伦兹力指向的交点上，设圆心为O点．如图所示．
由几何知识可知，圆心角θ=30°，OC为半径r，则得：
又由r=得：
（2）电子穿过磁场的时间是：t=T=
（3）电子刚好不能从A边射出时，轨迹恰好与磁场右边界相切，由几何知识得R=d，
根据2d=，可得：v=v0．
答：（1）电子的质量是．
（2）穿过磁场的时间是．
（3）若改变初速度大小，使电子刚好不能从A边射出，则此时速度v是v0．
点评： 本题是带电粒子在匀强磁场中圆周运动问题，关键要画出轨迹，根据圆心角求时间，由几何知识求半径是常用方法．
16．如图所示电路中，R1=3Ω，R2=6Ω，R3=1.5Ω，C=20μF．当开关S1闭合、S2断开，电路稳定时，电源的总功率为2W，当开关S1、S2都闭合，电路稳定时，电源的总功率为4W，求：
（1）电源电动势E和内电阻r；
（2）当S1、S2都闭合时电源的输出功率及电源内部产生的热功率；
（3）当S1闭合，分别计算在S2闭合与断开时，电容器所带的电荷量各为多少？
考点： 闭合电路的欧姆定律；电容；电功、电功率．
专题： 电容器专题．
分析： （1）分析电路的结构，然后根据闭合电路的欧姆定律解答即可；
（2）根据公式：P=I2R即可计算出功率；
（3）根据闭合电路的欧姆定律，计算出两种情况下的电流，然后根据串联电路的电压分配关系计算出两种情况下的电压，最后由Q=CU计算电量即可．
解答： 解：（1）当开关S1闭合、S2断开，电路稳定时，R2与R3串联，W
当开关S1、S2都闭合，电路稳定时，电路中R1与R2并联后与R3串联，
联立①②代入数据得：E=4V，r=0.5Ω
（2）当S1、S2都闭合时电路中的电流：A
电源的输出功率：W
及电源内部产生的热功率：W
（3）当开关S1、S2都闭合，电路稳定时，电路中R1与R2并联后与R3串联，此时电容器两端的电压是0，所以电容器上的电量：Q1=0
当开关S1闭合、S2断开，电路稳定时的电流：A
电容器两端的电压是R2两端的电压，即：U2=I2R2=0.5×6=3V
答：（1）电源电动势是4V，内电阻是0.5Ω；
（2）当S1、S2都闭合时电源的输出功率是3.5W，电源内部产生的热功率是0.5W；
（3）当S1闭合，分别计算在S2闭合与断开时，电容器上的电量分别是0和6×10﹣5C．
点评： 在闭合电路的解答过程中，分析清楚电路的结构是解题的关键，分析清楚电路的结构后，结合闭合电路的欧姆定律与相关的公式即可解答．
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